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高考数学答案2021北京-高考北京数学答案及解析版
tamoadmin 2024-08-27 人已围观
简介1.北京2023年高考数学难度2.2014年北京高考数学(理科)第20题第三问的详细答案(越详细越好),题目如下3.2008北京高考数学答案4.2013年北京市高考数学文科 求解析我纳北京2023年高考数学难度北京2023年高考数学难。2023北京高考数学的难度是相对较大的,尤其是在选择题部分,题目的难度系数较高,考察的知识点范围比较广,需要掌握的知识点也比较多,需要考生具备较强的综合分析能力和解
1.北京2023年高考数学难度
2.2014年北京高考数学(理科)第20题第三问的详细答案(越详细越好),题目如下
3.2008北京高考数学答案
4.2013年北京市高考数学文科 求解析我纳
北京2023年高考数学难度
北京2023年高考数学难。
2023北京高考数学的难度是相对较大的,尤其是在选择题部分,题目的难度系数较高,考察的知识点范围比较广,需要掌握的知识点也比较多,需要考生具备较强的综合分析能力和解题能力。考试的时间比较紧张,需要考生具备较快的思维反应能力和解题速度。
2023北京高考数学试卷解析:
1、试卷符合国家标准要求
2023年高考北京数学试卷整体符合国家课程标准要求,结合北京市高中数学教学的实际情况及学情特点,知识内容覆盖全面,突出主干;情境问题真实有意义,指向数学核心素养。
2、试卷结构保持一致
相比于去年,在试卷结构上保持一致,依然是单项选择题、填空题和解答题,每一类题型的难度预设基本符合从易到难的分布;在考查内容上基本保持一致,强调基础性、综合性。
在试题的表述形式上,简洁、规范,图文准确并相互匹配,呈现方式坚持多样化,延续了北京数学试卷“大气、平和”的特点。
命题的总体稳定有利于考生稳定心态,正常发挥,考出自己的数学真实水平。试题情境及设问的细化有利于选拔人才,发挥高考的选拔功能。
2023年高考北京卷数学试卷有以下突出特点:
1、坚持立德树人
试题紧密围绕立德树人根本任务,遵循德智体美劳全面发展要求,精心撷取素材,体现数学文化的育人价值。
2、聚焦四基四能
与往年相比,试卷总体上较为平稳,突出数学主线与主干知识,点多面广,重点知识重点考查,体现了教、学、考的一致性。
3、保持稳中求进
试卷在注重基础、整体稳定的同时,关注考查内容和设问方式的适度变化与创新,以能力立意,重点考查数学基本思想与方法,突出体现数学学科核心素养。
4、感悟数学价值
试题注重学用结合,考查学生灵活运用所学知识分析和解决问题的能力。注重创设社会生活实际情境,关注民生问题,引导学生感悟数学的科学价值、应用价值、文化价值、美学价值。
2014年北京高考数学(理科)第20题第三问的详细答案(越详细越好),题目如下
分析:
(1)利用T1(P)=a1+b1,Tk(P)=bk+max{Tk﹣1(P),a1+a2+…+ak}(2≤k≤n),可求T1(P),T2(P)的值;
(2)T2(P)=max{a+b+d,a+c+d},T2(P′)=max{c+d+b,c+a+b},分类讨论,利用新定义,可比较T2(P)和T2(P′)的大小;
(3)根据新定义,可得结论.
解答:
解:
(1)T1(P)=2+5=7,T2(P)=1+max{T1(P),2+4}=1+max{7,6}=8;
(2)T2(P)=max{a+b+d,a+c+d},T2(P′)=max{c+d+b,c+a+b}.
当m=a时,T2(P′)=max{c+d+b,c+a+b}=c+d+b,
∵a+b+d≤c+d+b,且a+c+d≤c+b+d,∴T2(P)≤T2(P′);
当m=d时,T2(P′)=max{c+d+b,c+a+b}=c+a+b,
∵a+b+d≤c+a+b,且a+c+d≤c+a+d,∴T2(P)≤T2(P′);
∴无论m=a和m=d,T2(P)≤T2(P′);
(3)数对(4,6),(11,11),(16,11),(11,8),(5,2),T5(P)最小; T1(P)=10,T2(P)=26;T3(P)42,T4(P)=50,T5(P)=52.
2008北京高考数学答案
2008年普通高等学校招生全国统一考试
数学(文史类)(北京卷)参考答案
一、选择题(本大题共8小题,每小题5分,共40分)
(1)D (2)A (3)A (4)C
(5)B (6)A (7)C (8)B
二、填空题(本大题共6小题,每小题5分,共30分)
(9) (10)|x|x<-2|
(11)-8 (12)10 32
(13)2 -2 (14)②
三、解答题(本大题共6小题,共80分)
(15)(共13分)
解:(Ⅰ)
=
=
因为函数f(x)的最小正周期为π,且ω>0,
所以
解得ω=1.
(Ⅱ)由(Ⅰ)得
因为0≤x≤ ,
所以 ≤ ≤
所以 ≤ ≤1.
因此0≤ ≤ ,即f(x)的取值范围为[0, ]
(16)(共14分)
解法一:
(Ⅰ)取AB中点D,连结PD,CD.
∵AP=BP,
∴PD⊥AB.
∵AC=BC.
∴CD⊥AB.
∵PD∩CD=D.
∴AB⊥平面PCD.
∵PC 平面PCD,
∴PC⊥AB.
(Ⅱ)∵AC=BC,AP=BP,
∴△APC≌△BPC.
又PC⊥AC,
∴PC⊥BC.
又∠ACB=90°,即AC⊥BC,
且AC∩PC=C,
∴AB=BP,
∴BE⊥AP.
∵EC是BE在平面PAC内的射影,
∴CE⊥AP.
∴∠BEC是二面角B-AP-C的平面角.
在△BCE中,∠BCE=90°,BC=2,BE= ,
∴sin∠BEC=
∴二面角B-AP-C的大小为aresin
解法二:
(Ⅰ)∵AC=BC,AP=BP,
∴△APC≌△BPC.
又PC⊥AC.
∴PC⊥BC.
∵AC∩BC=C,
∴PC⊥平面ABC.
∵AB 平面ABC,
∴PC⊥AB.
(Ⅱ)如图,以C为原点建立空间直角坐标系C-xyz.
则C(0,0,0),A(0,2,0),B(2,0,0).
设P(0,0,t),
∵|PB|=|AB|=2 ,
∴t=2,P(0,0,2).
取AP中点E,连结BE,CE.
∵|AC|=|PC|,|AB|=|BP|,
∴CE⊥AP,BE⊥AP.
∴∠BEC是二面角B-AP-C的平面角.
∵E(0,1,1),
∴cos∠BEC=
∴二面角B-AP-C的大小为arccos
(17)(共13分)
解:(Ⅰ)因为函数g(x)=f(x)-2为奇函数,
所以,对任意的x∈R,g(-x)=-g(x),即f(-x)- 2=-f(x)+2.
又f(x)=x3+ax2+3bx+c,
所以-x3+ax2-3bx+c-2=-x3-ax2-3bx-c+2.
所以
解得a=0,c=2.
(Ⅱ)由(Ⅰ)得f(x)=x3+3bx+2.
所以f′(x)=3x2+3b(b≠0).
当b<0时,由f′(x)=0得x=±
x变化时,f′(x)的变化情况如下表:
x
(-∞,- )
-
(- , )
( ,+∞)
f′(x)
+
0
-
0
+
所以,当b<0时,函数f (x)在(-∞,- )上单调递增,在(- , )上单调递减,在( ,+∞)上单调递增.
当b>0时,f′(x)>0.所以函数f (x)在(-∞,+∞)上单调递增.
(18)(共13分)
解:
(Ⅰ)记甲、乙两人同时参加A岗位服务为EA,那么
P(EA)=
即甲、乙两人同时参加A岗位服务的概率是
(Ⅱ)记甲、乙两个同时参加同一岗位服务为E,那么
P(E)=
所以,甲、乙两人不在同一岗位服务的概率是
P( )=1-P(E)=
(19)(共14分)
解:(Ⅰ)因为AB∥l,且AB边通过点(0,0),所以AB所在直线的方程为y=x.
设A,B两点坐标分别为(x1,y1),(x2,y2).
由 得
所以
又因为AB边上的等于原点到直线l的距离,
所以
(Ⅱ)设AB所在直线的方程为y=x+m.
由 得
因为A,B在椭圆上,
所以
设A,B两点坐标分别为(x1,y1),(x2,y2).
则
所以
又因为BC的长等于点(0,m)到直线l的距离,即
所以
所以当m=-1时,AC边最长.(这时 )
此时AB所在直线的方程为y=x-1.
(20)(共13分)
解:(Ⅰ)由于 且a1=1,
所以当a2=-1时,得 ,
故
从而
(Ⅱ)数列{an}不可能为等差数列.证明如下:
由a1=1, 得
若存在 ,使{an}为等差数列,则a3-a2=a2-a1,即
解得 =3.
于是
这与{an}为等差数列矛盾,所以,对任意 ,{an}都不可能是等差数列.
(Ⅲ)记 根据题意可知,b1<0且 ,即 >2且 N*),这时总存在 N*,满足:当n≥n0时,bn>0;当n≤n0-1时,bn<0.
所以由an+1=bnan及a1=1>0可知,若n0为偶数,则 ,从而当n>n0
时an<0;若n0为奇数,则 ,从而当n>n0时an>0.
因此“存在m N*,当n>m时总有an<0”的充分必要条件是:no为偶数,
记no=2k(k=1,2, …),则 满足
故 的取值范围是 4k2+2k(k N*).
2013年北京市高考数学文科 求解析我纳
f(x)=cos2x sin2x + (1/2)cos4x
= (1/2)sin4x + (1/2)cos4x
=(√2/2) sin(4x+π/4)
最小正周期:π/2
最大值:√2/2
当 π/2<x<π,
9π/4<4x+π/4<17π/4
当f(a)=√2/2
即:4x+π/4 = 5π/2
即:x=9π/16